cultivate+an+image+of
@危甄2805：cultivate 造句 -
郝翟17320364640…… cultivate 英[ˈkʌltiveit] 美[ˈkʌltəˌvet] 过去式:cultivated 过去分词:cultivated 现在分词:cultivating vt. 1.耕;耕作 2.陶冶思想[感情] 3.建立(友谊);结交(朋友);获得(支持) 4.种植;栽培;培育 5.逐渐形成(某种态度、谈话或举止方...
@危甄2805：.定义:设有限集合A={x|x=ai,i≤n,i∈N+,n∈N+},S=a1+a2+… +an,则S叫做集合A的模,记作|A|.若集合P={x|x=2n - 1,n∈N+,n≤10},集合P的含有三个元素的全体... - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] 答案应该是3600吧.首先可算出P中有10个元素,为1,3,5.19.其和为100.然后有组合数20中取3得120,共有120个含三个元素的子集,对每个元素的个数,可这样来求,首先拿出一个如1,那么在一个子集中还需两个,从剩余的9个元素中...
@危甄2805：证明数列极限存在并求其值 a1=√c , an+1=√(c+an) -
郝翟17320364640…… 显然 y =√(c+x) 是增函数 √(c+M)<M 是希望等式 √(c+an)< √(c+M)<M 能自然而然的成立. 因为这样只要 an<M就可以有 a(n+1)=√(c+an)< M,一直递推下去 其实这个M并不唯一,能找出一个符合你所说条件的就OK了
@危甄2805：c语言:用递归法输出下列数列{an}的前n项,其中:a0=1,a1=2,an+2=an+1+an+1 -
郝翟17320364640…… #include int an(int n) { if(n == 0) return 1; if(n == 1) return 2; return an(n - 1) + an(n - 2) + 1; } int main() { int i,n,sum = 0; printf(＂n = ＂); scanf(＂%d＂,&n); for(i = 0; i<= n; ++i) sum += an(i); printf(＂S%d = %d\n＂,n,sum); return 0; }
@危甄2805：对于给定数列{cn},如果存在实常数p,q,使得cn+1=pcn+q对于任意n∈N*都成立,我们称数列{cn}是“M类数列”.(I)若an=2n,bn=3•2n,n∈N*,数列{an}、{... - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] (I)因为an=2n,则有an+1=an+2,n∈N*故数列{an}是“M类数列”,对应的实常数分别为1,2.因为bn=3•2n,则有bn+1=2bnn∈N*故数列{bn}是“M类数列”,对应的实常数分别为2,0.(II)(1)因为an+an+1=3t•2n(n∈N...
@危甄2805：设a、b∈R,若a+4i=3+bi,则limn→∞an?bnan+bn= - ----- -
郝翟17320364640…… 由a+4i=3+bi可得a=3,b=4 则 lim n→∞ an?bn an+bn = lim n→∞ 3n?4n 3n+4n = lim n→∞ (3 4 )n?1 (3 4 )n+1 =-1 故答案为:-1
@危甄2805：反证法:若a1+a2+a3+......+an>=m(ai>0,i=1,2,3,...n),求证:a1,a2,a3,...an中至少存在一个ai>=m/n. -
郝翟17320364640…… 证明:设a1,a2,a3,...an中没有一个ai>=m/n. 则:a1+a2+a3+......+an<m/n1+m/n2+m/n3+...m/nn=nm/n=m 明显与a1+a2+a3+......+an>=m(ai>0,i=1,2,3,...n)违背,所以原假设 不成立,则:a1,a2,a3,...an中至少存在一个ai>=m/n成立.
@危甄2805：设A为n阶矩阵,满足秩(A+I)+秩(A - I)=n,证明:A^2=I -
郝翟17320364640…… 这里有个知识点: r(A+B) <= r(A) + r(B).[这个容易证明, A+B的列向量 可由 A,B的列向量线性表示]由此可得: r(A+I) + r(A-I) = r(A+I) + r(I-A)>= r( ...
@危甄2805： 关于复数z的方程z 2 - (a+i)z - (i+2)=0(a∈R),证明对任意的实数a,原方程不可能有纯虚根. - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] 见解析 证明:假设原方程有纯虚根,令z=ni,n≠0,则有(ni)2-(a+i)ni-(i+2)=0, 整理可得-n2+n-2+(-an-1)i=0, 所以 则对于①,判别式Δ<0,方程①无解,故方程组无解,故假设不成立, 所以原方程不可能有纯虚根.
郝翟17320364640…… cultivate 英[ˈkʌltiveit] 美[ˈkʌltəˌvet] 过去式:cultivated 过去分词:cultivated 现在分词:cultivating vt. 1.耕;耕作 2.陶冶思想[感情] 3.建立(友谊);结交(朋友);获得(支持) 4.种植;栽培;培育 5.逐渐形成(某种态度、谈话或举止方...
@危甄2805：.定义:设有限集合A={x|x=ai,i≤n,i∈N+,n∈N+},S=a1+a2+… +an,则S叫做集合A的模,记作|A|.若集合P={x|x=2n - 1,n∈N+,n≤10},集合P的含有三个元素的全体... - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] 答案应该是3600吧.首先可算出P中有10个元素,为1,3,5.19.其和为100.然后有组合数20中取3得120,共有120个含三个元素的子集,对每个元素的个数,可这样来求,首先拿出一个如1,那么在一个子集中还需两个,从剩余的9个元素中...
@危甄2805：证明数列极限存在并求其值 a1=√c , an+1=√(c+an) -
郝翟17320364640…… 显然 y =√(c+x) 是增函数 √(c+M)<M 是希望等式 √(c+an)< √(c+M)<M 能自然而然的成立. 因为这样只要 an<M就可以有 a(n+1)=√(c+an)< M,一直递推下去 其实这个M并不唯一,能找出一个符合你所说条件的就OK了
@危甄2805：c语言:用递归法输出下列数列{an}的前n项,其中:a0=1,a1=2,an+2=an+1+an+1 -
郝翟17320364640…… #include int an(int n) { if(n == 0) return 1; if(n == 1) return 2; return an(n - 1) + an(n - 2) + 1; } int main() { int i,n,sum = 0; printf(＂n = ＂); scanf(＂%d＂,&n); for(i = 0; i<= n; ++i) sum += an(i); printf(＂S%d = %d\n＂,n,sum); return 0; }
@危甄2805：对于给定数列{cn},如果存在实常数p,q,使得cn+1=pcn+q对于任意n∈N*都成立,我们称数列{cn}是“M类数列”.(I)若an=2n,bn=3•2n,n∈N*,数列{an}、{... - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] (I)因为an=2n,则有an+1=an+2,n∈N*故数列{an}是“M类数列”,对应的实常数分别为1,2.因为bn=3•2n,则有bn+1=2bnn∈N*故数列{bn}是“M类数列”,对应的实常数分别为2,0.(II)(1)因为an+an+1=3t•2n(n∈N...
@危甄2805：设a、b∈R,若a+4i=3+bi,则limn→∞an?bnan+bn= - ----- -
郝翟17320364640…… 由a+4i=3+bi可得a=3,b=4 则 lim n→∞ an?bn an+bn = lim n→∞ 3n?4n 3n+4n = lim n→∞ (3 4 )n?1 (3 4 )n+1 =-1 故答案为:-1
@危甄2805：反证法:若a1+a2+a3+......+an>=m(ai>0,i=1,2,3,...n),求证:a1,a2,a3,...an中至少存在一个ai>=m/n. -
郝翟17320364640…… 证明:设a1,a2,a3,...an中没有一个ai>=m/n. 则:a1+a2+a3+......+an<m/n1+m/n2+m/n3+...m/nn=nm/n=m 明显与a1+a2+a3+......+an>=m(ai>0,i=1,2,3,...n)违背,所以原假设 不成立,则:a1,a2,a3,...an中至少存在一个ai>=m/n成立.
@危甄2805：设A为n阶矩阵,满足秩(A+I)+秩(A - I)=n,证明:A^2=I -
郝翟17320364640…… 这里有个知识点: r(A+B) <= r(A) + r(B).[这个容易证明, A+B的列向量 可由 A,B的列向量线性表示]由此可得: r(A+I) + r(A-I) = r(A+I) + r(I-A)>= r( ...
@危甄2805： 关于复数z的方程z 2 - (a+i)z - (i+2)=0(a∈R),证明对任意的实数a,原方程不可能有纯虚根. - 作业帮
郝翟17320364640…… [答案] 见解析 证明:假设原方程有纯虚根,令z=ni,n≠0,则有(ni)2-(a+i)ni-(i+2)=0, 整理可得-n2+n-2+(-an-1)i=0, 所以 则对于①,判别式Δ<0,方程①无解,故方程组无解,故假设不成立, 所以原方程不可能有纯虚根.
